物理緊密的輸送帶 AB 始終保持在 1m s

繃緊帶AB應水平（前提）。

分析：注：1傳送帶 AB 保持 1 m s 的恆定速率執行 2將行李輕輕放置在 A 處（行李的初始速度為 0）。

行李的初始速度為0，輸送帶的AB為1m s，因此產生相對運動。

對於行李箱：在水平方向上通過滑動摩擦法f，做初始速度為0的勻速加速度直線運動，當v行李=v通過時，沒有相對滑動，做勻速直線運動（需要判斷輸送帶ab是否足夠長）。

判斷：到行李：f=umg，f=馬

當 V 行李 = V 通票時：V 行李 V 行李 - 0 = 2GL（V 行李 V 行李 = V 行李的平方）。

l = so：行李箱先做勻速加速度直線運動，然後再勻速直線運動 1） f = umg = 4n

2） T1 = L（1 個 2V 傳輸）= 1s

3） tab=t1+t2= （ t2=（lab—l） v-透射率 ）

1）f=mgμ=

2）a=f/m=4/4=1m/s^2

at=v t=v/a=1/1=1s

3）勻速加速度直線運動行進的距離s=1 2at 2=勻速直線運動的距離l=，時間t1=l v=從a到b傳遞的時間t=t+t1=1+

2.加速度為 a=f m=4 4=1m s

搬運行李的速度達到常用傳輸速度的時間為t，v=a*t，t=v a=1 1=1s

3.均勻加速度的時間是 t 加 = 1s

均勻加速度執行距離，s 加 = 1 2at 加 2=

剩餘勻速運動時間為 t',t'=

總計 t = t'+t 加 = 15+1=

a、t1-t3

小物體做勻速直線運動，此時力是平衡的，小物體不受摩擦力的影響，所以b錯了;

c，在 0-t1 時

在時間上，小塊由於向右的摩擦力而向左減速，在時間T1-T2時間內，小塊向右加速並受到向右的摩擦力的影響，因此C是錯誤的;

D、T2時間前小塊相對於輸送帶向左，後相對靜止，所以D正確所以選擇AD

答案 ba - 在 t1 之後，速度反轉，距離減小，因此距離在 t2 處不是最大的。

在b-t1之前，兩者的速度反轉，相對距離增加。 T1-T2，速度方向相同，但輸送帶速度較大，因此相對距離不斷增大。

c – 摩擦力始終向右。

d——t2後，物體與輸送帶相對靜止，無摩擦。

首先，加速度運動為2m s，當加速度為4m s，t=2s位移，x=4 m，沒有達到b點時，則物體後面沒有以恆定速度做功，對物體的功為動能w=mv 2=16 j，皮帶上的位移*力為tv*f=32j

小塊在水平方向上受到摩擦，f = mg，得到的加速度為：a fm mg

m g a，如果小塊從輸送帶的右端滑行，並且一直在做勻速減速運動，則速度降為零時的位移為x，則，？2ax＝0?v22

得到：x v22

2a 2 4，所以小塊不能到達b點，所以a是錯誤的;

灣。小物體達不到B點，將速度降低到零然後進行反向加速度運動，當速度等於輸送帶V1的速度時，勻速移動，返回A點的速度為4m s，所以B是錯誤的;

三.小塊無法到達B點，速度降到零後反向加速的過程相對於初始速度繼續向左移動，因此當小塊向左移動速度降低到0時，相對於傳送帶滑動的距離沒有達到最大值， 所以C是錯的;

d. 向右加速時小塊的位移：x v212a

2×4?va＝?4?6

4、此時初始速度的位移：s=v1t=4，所以小物體相對於初始速度的位移：x=s+（x-x）=10+（當小物體在傳送帶上移動時，彼此之間的摩擦產生的熱量為：q=f？）。x=所以 d 是正確的

因此，d

（1）根據牛頓第二定律得到的煤塊勻速加速度運動的加速度為：

a=μmgm=1m/s2

2）公式v2=2ax得到的煤塊勻速加速度直線運動的位移為：

x=v2a2×1a=1

1v=2?12=2al

由於加速度仍為 a=lm s2，因此最小工作速率為：vmin=2al=

2ms行李的最短執行時間為：tmin=v

mina=21

2s；答：（1）煤塊在運動開始時的加速度為1m s2;

2）煤塊輸送到B點的時間，煤塊劃痕留在皮帶上的長度 （3）如果提高輸送帶的執行速度，煤塊可以更快地輸送到B，煤塊從A輸送到B的最短時間為2s， 輸送帶對應的最小執行速度為2m s

第三個問題是大幅提高執行速度，這將使物體始終處於加速度狀態，而A是固定的，也就是說，只要它在恆定加速度中，就會有最短的時間，那麼它的臨界最小速度就是對應物體移動到B端的速度，以達到傳送帶的速度。

l=（1 2）at 得到 t=2 s，則最小執行速度 v=2 m s